Thể loại Giáo án bài giảng Toán học 11
Số trang 1
Ngày tạo 1/10/2013 4:41:29 PM +00:00
Loại tệp doc
Kích thước 0.15 M
Tên tệp 9 bai toan hay doc
9 BÀI TOÁN HAY- ỨNG DỤNG VỀ ĐƯỜNG TRÒN
Chứng minh.
Xét trường hợp và
tiếp xúc ngoài với nhau (trường hợp tiếp xúc trong chứng minh tương tự).
Giả sử M là tiếp điểm của và
MA, MB, MC theo thứ tự cắt
tại X, Y, Z.
Lúc đó Theo định lý Thalès ta có
Lại có
Từ (1) và (2) suy ra hay
Từ định lý Ptolemy cho tứ giác nội tiếp thu được
Do đó
Bài toán 1. Cho 2 đường tròn tiếp xúc nhau, ở đường tròn lớn vẽ tam gíac đều nội tiếp. Từ các đỉnh của tam gíac kẻ các tiếp tuyến tới đường tròn nhỏ. Chứng minh rằng độ dài một trong ba tiếp tuyến đó bằng tổng hai tiếp tuyến còn lại.
Lời giải.
Coi rằng đường tròn nhỏ tiếp xúc với (không chứa A) và đặt
lần lượt là độ dài các đường tiếp tuyến kẻ từ
đến đường tròn nhỏ.
Từ định lý Ptolemy mở rộng ta có
1
Bài toán 2. Cho hình vuông ABCD nội tiếp đường tròn . Một đường tròn thay đổi tiếp xúc với đoạn CD và cung nhỏ CD, kẻ tiếp tuyến AX, BY với đường tròn này. Chứng minh rằng AX+BY không đổi.
Lời giải.
Không mất tính tổng quát, coi rằng hình vuông ABCD có độ dài cạnh bằng 1. Từ đó dễ dàng suy ra
Áp dụnh định lý với các tam gíac ACD và BCD, ta được
.
Cộng hai đẳng thức này, suy ra
(ĐPCM)
Bài toán 3. nội tiếp đường tròn
Trên cạnh
lấy điểm
sao cho
Gọi
là bán kính đường tròn
tiếp xúc
và cung nhỏ BC (Không chứa
) và
là bán kính đường tròn nội tiếp
Chứng minh rằng
Lời giải.
Giả sử đường tròn tiếp xúc với
lần lượt tại
.
Đặt
Suy ra
Áp dụng định lý, ta được
hay
Suy ra
Gọi là độ dài tiếp tiếp từ
tới đường tròn nội tiếp
1
Thế thì ta có
Lại có
Từ đây ta được điều phải chứng minh
3/ Bài toán ứng dụng tính chất khác về hai đường tròn tiếp xúc
Phần này ta tiếp tục tìm hiểu thêm về một tính chất khác về hai đường tròn tiếp xúc trong với nhau và sự ứng dụng của tính chất này.
Lời giải. Gọi và
là giao điểm thứ hai của
với
. Chúng ta biết rằng
song song với
Vì thế ta có,
Suy ra đây chính là điều phải chứng minh.
Để minh họa cho bổ đề này, chúng ta sẽ đến với một vài ví dụ. Bài toán sau đây đã được đề nghị của Nguyễn Minh Hà, trong tạp chí toán học và tuổi trẻ (2007).
Bài toán 4. Cho là đường tròn ngoại tiếp của tam giác
và
là tiếp điểm của đường tròn
nội tiếp tam giác
với cạnh
Chứng minh rằng
Lời giải. Gọi và
lần lượt là hai tiếp điểm của đường tròn
với cạnh
và
Theo bổ đề trên ta có,
1
Vì vậy tam giác và
đồng dạng. Suy ra
có nghĩa là
cùng nằm trên một đường tròn.
Vậy
Bài toán 5. Cho là tứ giác nội tiếp trong đường tròn
Cho
là đường tròn tiếp xúc trong với
tại
và tiếp xúc với
tại
Gọi
là giao điểm của
với
Chứng minh rằng
là đường phân giác trong của góc
Lời giải. Từ bổ đề, chúng ta có được vì vậy bài toán sẽ được chứng minh nếu ta có
Chú ý rằng và từ định lý hàm sin đối với hai tam giác
chúng ta có được
Vì vậy, ta được suy ra điều phải chứng minh.
Sau đây là toán từ “Moldovan Team Selection” năm 2007.
1
Bài toán 6. Cho tam giác và
là đường tròn ngoại tiếp tam giác. Đường tròn
tiếp xúc trong với
tại
và với cạnh
ở
Gọi
là giao điểm của
với
Chứng minh rằng
Lời giải.
Dùng bổ đề , ta có
Từ đây dễ dàng suy ra hai tam giác và
đồng dạng.
Vì vậy
Bài toán 7. Cho đường tròn có dây cung
. Gọi
là hai đường tròn tiếp xúc trong với
và
. Gọi giao điểm giữa
là
Chứng minh rằng
đi qua trung điểm cung
(không chứa
).
Lời giải. Gọi và
lần lượt là tiếp điểm của đường tròn
với
và
và
lần lược là tiếp điểm của đường tròn
với
và
Cho
là trung điểm của cung
(không chứa
).
Áp dụng bổ đề đối với hai đường tròn
và hai điểm
với hai tiếp tuyến
tới đường tròn
, thì chúng ta có
Điều này có nghĩa là đi qua
Tương tự, cũng đi qua
Mặt khác, ta lại có
Nên bốn điểm cùng nằm trên một đường tròn và gọi nó là đường tròn
.
1
Chú ý rằng là trục đẳng phương của
và
là trục đẳng phương của
và
còn
là trục đẳng phương của
và
Vì vậy ba đường thẳng
sẽ đồng quy tại tâm đẳng phương của ba đường tròn này.
Vậy ta suy ra được sẽ đi qua
Chúng ta sẽ tiếp tục với một bài toán trong “MOSP Tests” năm 2007.
Bài toán 8. Cho tam giác . Đường tròn
đi qua
Đường tròn
tiếp xúc trong với
và hai cạnh
lần lượt tại
Gọi
là trung điểm của cung
(chứa
) của đường tròn
Chứng minh rằng ba đường thẳng
đồng quy.
Lời giải.
Gọi và
Áp dụng định lý Menelaos trong tam giác
, ta được
1
Mặt khác, là trung điểm của cung
(chứa
) của
nên
là đường phân giác ngoài của góc
Vì vậy, bài toán sẽ được chứng minh nếu ta có
Nhưng điều này đúng theo bổ đề, nên ta có điều phải chứng minh.
Bài toán 9. Cho là hai đường tròn tiếp xúc trong với đường tròn
tại
Tiếp tuyến chung trong của hai đường tròn này cắt
ở bốn điểm. Gọi
và
là hai trong bốn điểm trên sao cho
và
nằm cùng phía với
Chứng minh rằng
song song với một tiếp tuyến chung ngoài của hai đường tròn
Lời giải. Vẽ hai tiếp tuyến chung trong của
sao cho
nằm trên
và
nằm trên
Gọi
là tiếp tuyến chung ngoài của
sao cho
nằm cùng phía so với
là giao điểm của
với
Giờ đây ta chỉ cần chứng minh
song song với
Gọi
là trung điểm cung
không chứa
Vẽ hai tiếp tuyến
đến đường tròn
Trong bài toán 4 ta đã chứng minh được rằng
thẳng hàng;
thằng hàng, và
là tứ giác nội tiếp. Vì vậy,
hay
1
Theo bổ đề ta có, Mặt khác theo định lý Ptolemy, ta được
Suy ra
Tương tự ta cũng có
Nên hay
suy ra
Điều này có nghĩa là
là trung điểm cung
của đường tròn
Vì vậy //
PH Hoat ST theo bài của Son Hong Ta
Trên Mathematical reflections 2 (2008)
1
© 2024 - nslide
Website chạy thử nghiệm. Thư viện tài liệu miễn phí mục đích hỗ trợ học tập nghiên cứu , được thu thập từ các nguồn trên mạng internet ... nếu tài liệu nào vi phạm bản quyền, vi phạm pháp luật sẽ được gỡ bỏ theo yêu cầu, xin cảm ơn độc giả